すまん、1~nの番号が付いたn個の玉をランダムに1~n個一方向に並べて取り出す時の組み合わせの数って
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それぞれ1~nのどれかの番号がついている(かぶる可能性あり)? 先頭が1の場合
2〜nを並べて取り出すパターン分(n-1通り)ある
先頭が2の時は
1,3〜nを並べて取り出すパターン分で同じ(n-1通り)
同様に考えていくとn×(n-1個を並べるパターン数)の通りになりつまりn×(n-1)×(n-2)…2×1通り すまん、n*n!で自決しました
あとスレタイ、取り出した順に一方向に並べるって事で脳内補完して >>12
取り出す数は1個からn個のn通りあるの? >>10
玉には被る事無く1~nの番号が付いてる=全てが別の物だと見分けが付く >>17
1~n個並べるから、その場合は2個並べる(2,1)(1,2)と1個並べる(1)(2)もあるよ >>18
すまんな
思いついて脊椎反射でスレ立ててからちょっと計算してた 取り出す数がkの場合はまずどの玉を取るかでnCkとおり
次にどの順番で取り出すかでk!通り
これらは独立なので、最終的にnCk*k!
kで総和を取ると、∑[k=1,n](nCk*k!)にならないかな?
n*n!より大きくなると思う >>21
そゆこと
あとは書くのも恥ずかしくなるぐらいの簡単な計算をうにゃうにゃすれば、スッキリn*n!が導けるって訳よ >>9
俺もこれでいい気がするけどn=3すら試すのが面倒で放置してる
共通テスト解くの楽しい >>22
それ最初に俺も考えてたけどよく考えると試行途中で同じ組み合わせが発生するよ
n個からr個選ばないって考えて行くと被りなしで全組み合わせを計算できる nCk*k!=n!/(n-k)!とかな気がするからn!*Σ(1/k!)みたいになってn*n!よりは小さくなるんじゃないか って違うわ、n個からr個選ばないんだからnCrだったわ
ちょっと計算し直してくる n=2の場合
1,2,12,21, 4通り n*n!=2*2!=4
n=3の場合
1,2,3,12,21,13,31,23,32,123,132,213,231,312,321 15通り n*n!=3*3!=18 ごめんお前ら正しかったよ……
Σ[k=1,n]nCk*k!=Σ[k=1,n]n!*k!でもう眠くて無理……
オッサン化して数式が明後日の方向に飛んでく…… 謝れるやつはいいやつ
明日朝起きてから頑張れ
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